单源最短路径
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一,单源最短路径
二,无向图实战
HDU 1874 畅通工程续
三,有向图实战
力扣 743. 网络延迟时间
一,单源最短路径 Dijskra
把点分为已经确定最短路的点和还没确定的点,每次新增一个确定最短路的点,确定之后根据它来对剩下的点刷新从起点到该点的可能的最短路,
每次都在剩下的点中,选取离起点最近的点加入到确定最短路的集合中,直到所有的点都确定最短路。
二,无向图实战
HDU 1874 畅通工程续
题目:
Description
某省自从实行了很多年的畅通工程计划后,终于修建了很多路。不过路多了也不好,每次要从一个城镇到另一个城镇时,都有许多种道路方案可以选择,而某些方案要比另一些方案行走的距离要短很多。这让行人很困扰。
现在,已知起点和终点,请你计算出要从起点到终点,最短需要行走多少距离。 Input
本题目包含多组数据,请处理到文件结束。 每组数据第一行包含两个正整数N和M(0对于每组数据,请在一行里输出最短需要行走的距离。如果不存在从S到T的路线,就输出-1. Sample Input
3 3 0 1 1 0 2 3 1 2 1 0 2 3 1 0 1 1 1 2 Sample Output
2 -1
太懒了,懒得用邻接表+优先队列了,直接用邻接矩阵然后暴力的求解。
用len记录任何2个点之间的距离,minlen记录一个点到s的最短距离。
minlen是不断更新的,只有访问过之后,即visit变成1之后,minlen才是真的到s的最短距离,在这之前都只是它的上界。
代码:
#include#includeusing namespace std;int n, m, s, t;int con = 2000000;int len[200][200];int minlen[200];int visit[200];void dijkstra(int k){ if (minlen[k] >= con)return; visit[k] = 1; for (int i = 0; i < n; i++) { if (minlen[i]>minlen[k] + len[i][k])minlen[i] = minlen[k] + len[i][k]; } int l = con, key = -1; for (int i = 0; i < n; i++) { if (visit[i] == 0 && l>minlen[i]) { key = i; l = minlen[i]; } } if (key < 0)return; dijkstra(key);}int main(){ int a, b, x; while (scanf("%d%d", &n, &m) != -1) { for (int i = 0; i < n; i++)for (int j = 0; j < n; j++)len[i][j] = con; while (m--) { scanf("%d%d%d", &a, &b, &x); if (len[b][a]>x)len[a][b] = len[b][a] = x; } scanf("%d%d", &s, &t); for (int i = 0; i < n; i++)minlen[i] = len[i][s]; memset(visit, 0, sizeof(visit)); minlen[s] = 0; dijkstra(s); if (minlen[t]不过还是挺快的,15ms AC
这个题目有一个略坑的地方,2个城市之间不一定只有1条路,所以更新len的时候需要判断。
con是用200*10000得到的,con的作用是保证如果一个点和s是连通的,那么它们之间的距离一定小于con。
所以这个con也就是相当于无穷大的实现。
三,有向图实战
力扣 743. 网络延迟时间
有 n 个网络节点,标记为 1 到 n。
给你一个列表 times,表示信号经过 有向 边的传递时间。 times[i] = (ui, vi, wi),其中 ui 是源节点,vi 是目标节点, wi 是一个信号从源节点传递到目标节点的时间。
现在,从某个节点 K 发出一个信号。需要多久才能使所有节点都收到信号?如果不能使所有节点收到信号,返回 -1 。
示例 1:
输入:times = [[2,1,1],[2,3,1],[3,4,1]], n = 4, k = 2 输出:2 示例 2:
输入:times = [[1,2,1]], n = 2, k = 1 输出:1 示例 3:
输入:times = [[1,2,1]], n = 2, k = 2 输出:-1
提示:
1 <= k <= n <= 100 1 <= times.length <= 6000 times[i].length == 3 1 <= ui, vi <= n ui != vi 0 <= wi <= 100 所有 (ui, vi) 对都 互不相同(即,不含重复边)
//输入边集{{1,2}{1,3}{2,3}},输出邻接表{1:{2,3},2:{3}}map> edgeToAdjaList(vector>& v){ map> ans; for (auto &vi : v) { ans[vi[0]].push_back(vi[1]); } return ans;}//输入带权边集,输出边和权的映射map, int> edgeToValueMap(vector>& v){ map, int>m; for (auto& vi : v) { m[{vi[0], vi[1]}] = vi[2]; } return m;}struct Node{ int id; int len;};class cmp{public: bool operator()(Node a, Node b) { return a.len > b.len; }};class Solution {public: int networkDelayTime(vector>& times, int n, int k) { mapm; for (int i = 1; i <= n; i++)m[i] = INT_MAX; map> adja = edgeToAdjaList(times); map, int> value = edgeToValueMap(times); priority_queue< Node, vector< Node>, cmp>que; mapvisit; que.push({ k,0 }); m[k] = 0; while (!que.empty()) { Node nod = que-(); que.pop(); if (visit[nod.id])continue; visit[nod.id] = 1; for (auto& vi : adja[nod.id]) { if (nod.len + value[{nod.id, vi}] < m[vi]) { que.push({ vi, m[vi] = nod.len + value[{nod.id, vi}] }); } } } int ans = 0; for (int i = 1; i <= n; i++) { if (m[i] == INT_MAX)return -1; ans = max(ans, m[i]); } return ans; }};
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